Передача переменных в shell exec ()?

Я звоню test.sh из PHP с использованием метода shell_exec.

$my_url="http://www.somesite.com/";
$my_refer="http://www.somesite.com/";
$page = shell_exec('/tmp/my_script.php $my_url $my_refer');

однако сценарий командной строки говорит, что он получил только 1 аргумент: /tmp/my_script.в PHP

когда я меняю вызов на:

код:

$page = shell_exec('/tmp/my_script.php {$my_url} {$my_refer}');

Он говорит, что получил 3 аргумента, но argv[1] и argv[2] пусты.

когда я меняю вызов на:

код:

$page = shell_exec('/tmp/my_script.php "http://www.somesite.com/" "http://www.somesite.com/"');

скрипт наконец получает все 3 аргумента как предназначенный.

вам всегда нужно отправлять только цитируемый текст со скриптом и не разрешается отправлять переменную, такую как $var? Или есть какой-то особый способ отправить $var?

14
php shell shell-exec

6 ответов

необходимо отправить аргументы с квотой, поэтому вы должны использовать его как:

$page = shell_exec("/tmp/my_script.php '".$my_url."' '".$my_refer."'");
12

изменить

$page = shell_exec('/tmp/my_script.php $my_url $my_refer');

to

$page = shell_exec("/tmp/my_script.php $my_url $my_refer");

или

$page = shell_exec('/tmp/my_script.php "'.$my_url.'" "'.$my_refer.'"');

также обязательно используйте escapeshellarg на оба ваших ценностей.

пример:

$my_url=escapeshellarg($my_url);
$my_refer=escapeshellarg($my_refer);
19

переменные не будут интерполироваться внутри одной строки с кавычками. Также вы должны убедиться, что ваши аргументы правильно сбежал.

 $page = shell_exec('/tmp/myscript.php '.escapeshellarg($my_url).' '.escapeshellarg($my_refer));
7

изменить

$page = shell_exec('/tmp/my_script.php $my_url $my_refer');

to

$page = shell_exec('/tmp/my_script.php "'.$my_url.'" "'.$my_refer.'"');

тогда код будет допускать пробелы в имени файла.

2

вы можете найти sprintf полезная здесь:

$my_url="http://www.somesite.com/";
$my_refer="http://www.somesite.com/";
$page = shell_exec(sprintf('/tmp/my_script.php "%s" "%s"', $my_url, $my_refer));

вы обязательно должны использовать escapeshellarg как рекомендовано в других ответах, если вы не тот, кто поставляет входные данные.

2

у меня были трудности с этим, поэтому я думал, что поделюсь своим фрагментом кода.

до

$output = shell_exec("/var/www/sites/blah/html/blahscript.sh 2>&1 $host $command");

после 

$output = shell_exec("/var/www/sites/blah/html/blahscript.sh 2>&1 $host {$command}");

добавлять {} скобки-это то, что исправило это для меня.

кроме того, чтобы подтвердить escapeshellarg также необходимо.

$host=escapeshellarg($host);
$command=escapeshellarg($command);

кроме скрипта также необходимо:

set host [lindex $argv 0]
set command [lindex $argv 1]
2